都市环游

题目描述

因为SJY干的奇怪事情过多，SJY收到了休假的通知，于是他准备在都市间来回旅游。SJY有一辆车子，一开始行驶性能为0，每过1时间行驶性能就会提升1点。每个城市的道路都有性能要求。SJY一共有t时间休息，一开始他位于1号城市（保证1号城市道路要求为0），他希望在n号城市结束旅程。每次穿过一条城市间的路会花费1时间，当然他也可以停留在一个城市不动而花费1时间。当且仅当车子的行驶性能大于等于一个城市，我们才能到达那里。SJY希望知道，旅游的方案模10086后的答案。（只要在某一时刻通过的道路存在一条不相同，就算不同的方案）

输入

第一行三个数n,m,t，表示有n个城市m条道路t时间。 第二行n个数，hi表示第i个城市的道路性能要求。

第三到m+2行，每行两个数u,v，表示城市u与城市v之间有一条单向道路连接（可能有重边）。

输出

包括一个数字，表示旅游的方案模10086。

样例输入

5 17 7 0 2 4 5 3 1 2 2 1 1 3 3 1 1 4 4 1 4 5 5 4 5 3 4 1 2 1 5 3 2 1 2 1 1 2 2 1 1 3

样例输出

245

提示

【数据规模和约定】

对于20%的数据，n<=10,t<=80； 对于50%的数据，n<=30,t<=80； 对于100%的数据，n<=70,m<=1000,t<=100000000,hi<=70。

solution:

算法1：DP。

f[i][j]表示第j时间到第i个城市的方案数，

f[1][0]=1; for(int j=1;j<=t;j++) for(int i=1;i<=n;i++){ f[i][j]=f[i][j-1]; if(j>=a[i]) for(int e=head[i];e;e=Next[e]) f[i][j]=(f[i][j]+f[vet[e]][j-1])%10086; } printf("%d\n",f[n][t]);

但是……t太大了，这样子只有50分。 时间复杂度O（nt）

算法2：

矩阵乘法 有这样一个结论：要求路径方案数就是把多个邻接矩阵相乘。 把在原地不动看作是自环。 然后，观察到h[i]的值很小，就将前面有性能约束的时间里一个一个做矩阵乘法。后面性能已经足够好，想跑什么城市都可以，就不用关心能不能去那个城市，只关心要用多少时间。这个时间非常的大，一个一个的做乘法肯定是要TLE的，由于每次乘的都一样，用快速幂优化一下就可以了。 要注意这几个细节：在处理前面一部分的邻接矩阵时，要小心性能约束。对于边e(u,v),当时的性能a,当且仅当a>h[u]&&a>=h[v]时这条边可以取用，否则为0。因为这条边可取须有上一时刻可以到达u&&这一时刻可以到达v。我不小心把两个都写成了>=于是就完美的WA了。 这份代码是分类的，防止打错了全炸……将就一下

#include<iostream> #include<cstdio> #include<cmath> #include<algorithm> #include<cstdlib> #include<cstring> using namespace std; typedef long long ll; ll read(){ ll ans=0; char ch=getchar(),last=' '; while(ch>'9'||ch<'0'){ last=ch; ch=getchar(); } while(ch<='9'&&ch>='0'){ ans=ans*10+ch-'0'; ch=getchar(); } if(last=='-') ans=-ans; return ans; } int mt,nt,tt,n,m,t,a[80],f[80][10000],vet[10000],Next[10000],head[10000],en,ans,ft[75][75],f0[75][75],f2[75][75],fn[75][75];//a就是题目中的h int main(){ n=read(); m=read(); t=read(); for(int i=1;i<=n;i++){ a[i]=read(); mt=max(mt,a[i]); f0[i][i]=1; } for(int i=1;i<=m;i++){ int x,y; x=read(); y=read(); f0[x][y]++; en++; vet[en]=x; Next[en]=head[y]; head[y]=en; } if(t>=10000){ for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=n;j++) f2[i][j]=f0[i][j]; for(int ntt=1;ntt<=mt;ntt++){ for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=n;j++) fn[i][j]=(ntt>a[i]&&ntt>=a[j] ? f0[i][j] : 0); for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=n;j++){ ft[i][j]=0; for(int k=1;k<=n;k++) ft[i][j]=(ft[i][j]+f2[i][k]*fn[k][j])%10086; } for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=n;j++) f2[i][j]=ft[i][j]; } tt=t-mt; nt=1; while(tt){ if(tt&nt){ tt-=nt; for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=n;j++){ ft[i][j]=0; for(int k=1;k<=n;k++) ft[i][j]=(ft[i][j]+f2[i][k]*f0[k][j])%10086; } for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=n;j++) f2[i][j]=ft[i][j]; } for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=n;j++){ ft[i][j]=0; for(int k=1;k<=n;k++) ft[i][j]=(ft[i][j]+f0[i][k]*f0[k][j])%10086; } for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=n;j++) f0[i][j]=ft[i][j]; nt<<=1; } printf("%d\n",f2[1][n]); return 0; } f[1][0]=1; for(int j=1;j<=t;j++) for(int i=1;i<=n;i++){ f[i][j]=f[i][j-1]; if(j>=a[i]) for(int e=head[i];e;e=Next[e]) f[i][j]=(f[i][j]+f[vet[e]][j-1])%10086; } printf("%d\n",f[n][t]); return 0; }