你来到了一个庙前,庙牌上有一个仅包含小写字母的字符串 s。
传说打开庙门的密码是这个字符串的一个子串 t,并且 t 既是 s 的前缀又是 s 的后缀并且还在 s 的中间位置出现过一次。
如果存在这样的串,请你输出这个串,如有多个满足条件的串,输出最长的那一个。
如果不存在这样的串,输出”Just a legend”(去掉引号)。
仅一行,字符串 s。
如题所述
fixprefixsuffix
fix
对于 60%的数据,1 ≤ s 的长度 ≤ 100
对于 100%的数据,1 ≤ s 的长度 ≤ 100000
考场想出下面这个算法,时间复杂度什么的都没有保证。但数据都很水, 所以大胆搜索。
先定义结构体,num为原数组下标, step为当前以此下标匹配成功的长度。
struct Step { int num; int step; }tmp;b数组维护值为首字母的位置的下标:
for (int i = 0;i < y;i ++) if (ch[x] == ch[i]) b.push(Step{i, 0});若队列大小小于2,则必无解:
if (b.size() <= 2) { printf("Just a legend"); return 0; }然后每次将匹配长度向后推进一个,比较判断此时队列中所有元素是否仍然可行;将可行解再push进队列:
while (b.size() >= 3) { tmpb = b.front(); b.pop(); if (tmpb.step >= now) now ++; if (ch[tmpb.num + now - 1] == ch[x + now - 1]) { b.push(Step{tmpb.num, now}); if (tmpb.num + now - 1 == y - 1 && b.size() >= 3) ans = max(ans, now); } }这里可以更新答案:若此时的匹配存在已经匹配到末位的元素(因为从首位开始匹配,所以匹配到末位一定为原串的后缀)并且当前已经匹配成功的元素,那么就将答案更新为此元素的step:
if (ch[tmpb.num + now - 1] == ch[x + now - 1]) { b.push(Step{tmpb.num, now}); if (tmpb.num + now - 1 == y - 1 && b.size() >= 3) ans = max(ans, now); }如果结果未被更新,便无解:
if (ans == -1) { printf("Just a legend"); return ; }其实听说正解为KMP,但考场实测24MS,只比KMP慢8MS。
但其实还是很好构造出卡这个算法的数据。 如若有一连串的“aaaaaaaaaaaaaaaaaaa”,那每次都会只否定一组,接近 Θ(n2) 的时间复杂度。