4326: NOIP2015 运输计划

xiaoxiao2021-02-28  143

4326: NOIP2015 运输计划

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Description

公元 2044 年,人类进入了宇宙纪元。L 国有 n 个星球,还有 n−1 条双向航道,每条航道建立在两个星球之间,这 n−1 条航道连通了 L 国的所有星球。小 P 掌管一家物流公司, 该公司有很多个运输计划,每个运输计划形如:有一艘物流飞船需要从 ui 号星球沿最快的宇航路径飞行到 vi 号星球去。显然,飞船驶过一条航道是需要时间的,对于航道 j,任意飞船驶过它所花费的时间为 tj,并且任意两艘飞船之间不会产生任何干扰。为了鼓励科技创新, L 国国王同意小 P 的物流公司参与 L 国的航道建设,即允许小P 把某一条航道改造成虫洞,飞船驶过虫洞不消耗时间。在虫洞的建设完成前小 P 的物流公司就预接了 m 个运输计划。在虫洞建设完成后,这 m 个运输计划会同时开始,所有飞船一起出发。当这 m 个运输计划都完成时,小 P 的物流公司的阶段性工作就完成了。如果小 P 可以自由选择将哪一条航道改造成虫洞, 试求出小 P 的物流公司完成阶段性工作所需要的最短时间是多少?

Input

第一行包括两个正整数 n,m,表示 L 国中星球的数量及小 P 公司预接的运输计划的数量,星球从 1 到 n 编号。接下来 n−1 行描述航道的建设情况,其中第 i 行包含三个整数 ai,bi 和 ti,表示第 i 条双向航道修建在 ai 与 bi 两个星球之间,任意飞船驶过它所花费的时间为 ti。数据保证 1≤ai,bi≤n 且 0≤ti≤1000。接下来 m 行描述运输计划的情况,其中第 j 行包含两个正整数 uj 和 vj,表示第 j 个运输计划是从 uj 号星球飞往 vj号星球。数据保证 1≤ui,vi≤n

Output

输出文件只包含一个整数,表示小 P 的物流公司完成阶段性工作所需要的最短时间。

Sample Input

6 3 1 2 3 1 6 4 3 1 7 4 3 6 3 5 5 3 6 2 5 4 5

Sample Output

11

HINT

将第 1 条航道改造成虫洞: 则三个计划耗时分别为:11,12,11,故需要花费的时间为 12。 将第 2 条航道改造成虫洞: 则三个计划耗时分别为:7,15,11,故需要花费的时间为 15。 将第 3 条航道改造成虫洞: 则三个计划耗时分别为:4,8,11,故需要花费的时间为 11。 将第 4 条航道改造成虫洞: 则三个计划耗时分别为:11,15,5,故需要花费的时间为 15。 将第 5 条航道改造成虫洞: 则三个计划耗时分别为:11,10,6,故需要花费的时间为 11。 故将第 3 条或第 5 条航道改造成虫洞均可使得完成阶段性工作的耗时最短,需要花费的时间为 11。 题解: 二分答案,对于ans,我们找出所有路程比它大的运输方案。 然后找到这些路径的交点。找交点的话,我们可以给这条路径上的点都赋值为1, 如果,有一个点的值为 所有路程比它大的运输方案数,那么它就是交点。 再判断把交点的值变为0,是否最大路程小于ans。 #include<cstdio> #include<cstring> #include<cstdlib> #include<algorithm> using namespace std; const int N=800005; struct node{ int x,y,z,next; }sa[N];int len,first[N]; int n,m; void ins(int x,int y,int z) { len++; sa[len].x=x; sa[len].y=y; sa[len].z=z; sa[len].next=first[x]; first[x]=len; } int siz[N],dis[N],fa[N],son[N],dep[N],v[N]; void dfs1(int x) { siz[x]=1; for(int i=first[x];i!=-1;i=sa[i].next) { int y=sa[i].y; if(y!=fa[x]) { v[y]=sa[i].z; fa[y]=x; dep[y]=dep[x]+1; dis[y]+=dis[x]+sa[i].z; dfs1(y); siz[x]+=siz[y]; //printf("%d\n",sa[i].z); if(siz[y]>siz[son[x]]) son[x]=y; } } } int ys[N],top[N],z=0,yys[N]; void dfs2(int x,int tp) { z++;ys[x]=z;top[x]=tp; yys[z]=x; if(son[x]) dfs2(son[x],tp); for(int i=first[x];i!=-1;i=sa[i].next) { int y=sa[i].y; if(son[x]!=y&&y!=fa[x]) dfs2(y,y); } } int lca(int x,int y) { int tx=top[x],ty=top[y]; while(tx!=ty) { if(dep[tx]>dep[ty]) swap(x,y),swap(tx,ty); y=fa[ty];ty=top[y]; } if(dep[x]>dep[y]) swap(x,y),swap(tx,ty); return x; } struct node1{ int x,y,z; }ss[N]; bool cmp(node1 x,node1 y) { return x.z<y.z; } int maxx=0; int now,tot=0; int cf[N]; int get() { int now=0,ans=-99999999; for(int i=1;i<=n;i++) { now+=cf[i]; if(now==tot) ans=max(ans,v[yys[i]]); } return ans; } void mode(int x,int y,int z) { int tx=top[x],ty=top[y]; while(tx!=ty) { if(dep[tx]>dep[ty]) swap(x,y),swap(tx,ty); cf[ys[ty]]+=z;cf[ys[y]+1]-=z; y=fa[ty];ty=top[y]; } if(dep[x]>dep[y]) swap(x,y),swap(tx,ty); cf[ys[x]+1]+=z;cf[ys[y]+1]-=z; } bool check(int x) { while(ss[now].z>x) mode(ss[now].x,ss[now].y,1),now--,tot++; while(ss[now+1].z<=x) mode(ss[now+1].x,ss[now+1].y,-1),now++,tot--; if(now==m) return true; return ss[m].z-get()<=x; } int main() { scanf("%d%d",&n,&m); memset(first,-1,sizeof(first)); for(int i=1;i<n;i++) { int x,y,z; scanf("%d%d%d",&x,&y,&z); ins(x,y,z); ins(y,x,z); } dfs1(1); dfs2(1,1); for(int i=1;i<=m;i++) { scanf("%d%d",&ss[i].x,&ss[i].y); ss[i].z=dis[ss[i].x]+dis[ss[i].y]-2*dis[lca(ss[i].x,ss[i].y)]; // printf("%d %d %d",dis[ss[i].x],dis[ss[i].y],lca(ss[i].x,ss[i].y)); maxx=max(ss[i].z,maxx); } sort(ss+1,ss+1+m,cmp); // for(int i=1;i<=m;i++) // printf("%d\n",ss[i].z); int l=0,r=maxx,mid; now=m; ss[m+1].z=999999998; int ans=99999999; while(l<=r) { mid=(l+r)>>1; if(check(mid)==true) { //printf("!"); r=mid-1; ans=min(ans,mid); } else l=mid+1; } printf("%d",ans); }
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